描述 Description
我们现在要利用 m 台机器加工 n 个工件，每个工件都有 m 道工序，每道工序都在不同的指定的机器上完成。每个工件的每道工序都有指定的加工时间。
每个工件的每个工序称为一个操作，我们用记号 j-k 表示一个操作，其中 j 为 1 到 n 中的某个数字，为工件号；k 为 1 到 m 中的某个数字，为工序号，例如 2-4 表示第 2 个工件第 4 道工序的这个操作。在本题中，我们还给定对于各操作的一个安排顺序。
例如，当 n=3，m=2 时，“1-1，1-2，2-1，3-1，3-2，2-2” 就是一个给定的安排顺序，即先安排第 1 个工件的第 1 个工序，再安排第 1 个工件的第 2 个工序，然后再安排第 2 个工件的第 1 个工序，等等。
一方面，每个操作的安排都要满足以下的两个约束条件。
对同一个工件，每道工序必须在它前面的工序完成后才能开始；
同一时刻每一台机器至多只能加工一个工件。
另一方面，在安排后面的操作时，不能改动前面已安排的操作的工作状态。
由于同一工件都是按工序的顺序安排的，因此，只按原顺序给出工件号，仍可得到同样的安排顺序，于是，在输入数据中，我们将这个安排顺序简写为 “1 1 2 3 3 2”。
还要注意，“安排顺序” 只要求按照给定的顺序安排每个操作。不一定是各机器上的实际操作顺序。在具体实施时，有可能排在后面的某个操作比前面的某个操作先完成。
例如，取 n=3,m=2，已知数据如下：
则对于安排顺序 “1 1 2 3 3 2”，下图中的两个实施方案都是正确的。但所需要的总时间分别是 10 与 12。
当一个操作插入到某台机器的某个空档时（机器上最后的尚未安排操作的部分也可以看作一个空档），可以靠前插入，也可以靠后或居中插入。为了使问题简单一些，我们约定：在保证约束条件（1）（2）的条件下，尽量靠前插入。并且，我们还约定，如果有多个空档可以插入，就在保证约束条件（1）（2）的条件下，插入到最前面的一个空档。于是，在这些约定下，上例中的方案一是正确的，而方案二是不正确的。
显然，在这些约定下，对于给定的安排顺序，符合该安排顺序的实施方案是唯一的，请你计算出该方案完成全部任务所需的总时间。
输入格式 InputFormat
第 1 行为两个正整数，用一个空格隔开：m n （其中 m（<20）表示机器数，n（<20）表示工件数）
第 2 行：m*n 个用空格隔开的数，为给定的安排顺序。
接下来的 2n 行，每行都是用空格隔开的 m 个正整数，每个数不超过 20。
其中前 n 行依次表示每个工件的每个工序所使用的机器号，第 1 个数为第 1 个工序的机器号，第 2 个数为第 2 个工序机器号，等等。
后 n 行依次表示每个工件的每个工序的加工时间。
可以保证，以上各数据都是正确的，不必检验。
输出格式 OutputFormat
只有一个正整数，为最少的加工时间。
样例输入 SampleInput
2 3
1 1 2 3 3 2
1 2
1 2
2 1
3 2
2 5
样例输出 SampleOutput
10
代码 Code
NOIP 最坑的语文题。算法很简单，模拟即可。
#include <stdio.h>
#include <iostream>
#include <cstring>
#include <algorithm>
using namespace std;
int a[1000],last[1000],times[1000][1000],work[1000][1000],num[1000];
bool b[21][100000];
int i,j,t,n,m,l,r,k,z,y,x,ans;
int main()
{
scanf("%d%d",&m,&n);
memset(b,false,sizeof(b));
memset(a,0,sizeof(a));
memset(times,0,sizeof(times));
memset(work,0,sizeof(work));
memset(num,0,sizeof(num));
ans=0;
for (i=0;i<n*m;i++) scanf("%d",&a[i]);
for (i=1;i<=n;i++) for (j=1;j<=m;j++) scanf("%d",&work[i][j]);
for (i=1;i<=n;i++) for (j=1;j<=m;j++) scanf("%d",×[i][j]);
for (i=0;i<n*m;i++)
{
x=a[i];
num[x]++;
t=last[x]+1;
for (j=t;true;j++)
{
if (b[work[x][num[x]]][j]) t=j+1;
if (j-t+1==times[x][num[x]]) break;
}
last[x]=j;
ans=max(ans,j);
for (k=t;k<=j;k++) b[work[x][num[x]]][k]=true;
}
printf("%d\n",ans);
return 0;
}